@ysner
2018-10-17T00:31:46.000000Z
字数 1536
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DP
背包
感觉比较套路。
当然前提是注意到各币值互不影响。
那就简单了。
设表示到第种币值,有元,有元。显然钱的总量固定,的钱数可以顺带算出来。
这样起始状态和最终状态都知道。
然后枚举下他们交易完后各剩多少张该币值的钱,直接转移即可。
若设分别表示钱数的变化量,那么实际交换次数为。(这个手算下就出来了)。
如果要过,需要倒着枚举币值。因为币值越大,能有效转移到后面去的状态就越少,很容易被掉。
复杂度应该是,但是很难跑满。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define re register
#define il inline
using namespace std;
int X1,X2,X3,f[2][1005][1005],num[5][10],snum[10],ss[5],sum,val[10]={0,1,5,10,20,50,100};
il int gi()
{
re int x=0,t=1;
re char ch=getchar();
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9')) ch=getchar();
if(ch=='-') t=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
int main()
{
X1=gi();X2=gi();X3=gi();
for(re int i=1;i<=3;++i)
for(re int j=6;j>=1;--j)
{
num[i][j]=gi();
snum[j]+=num[i][j];
ss[i]+=val[j]*num[i][j];
}
sum=ss[1]+ss[2]+ss[3];
memset(f[0],63,sizeof(f[0]));
f[0][ss[1]][ss[2]]=0;
for(re int i=1;i<=6;++i)
{
re int now=i&1,pre=now^1;
memset(f[now],63,sizeof(f[now]));
for(re int j=0;j<=sum;++j)
for(re int k=0;k<=sum-j;++k)
{
if(f[pre][j][k]>1e9) continue;
for(re int n=0;n<=snum[i];++n)
for(re int m=0;m<=snum[i]-n;++m)
{
re int A=j+(n-num[1][i])*val[i],B=k+(m-num[2][i])*val[i];
if(A>=0&&B>=0&&A<=1000&&sum-A-B>=0)
{
re int w=abs(n-num[1][i])+abs(m-num[2][i])+abs(num[1][i]+num[2][i]-n-m)>>1;
f[now][A][B]=min(f[now][A][B],f[pre][j][k]+w);
}
}
}
}
re int las1=ss[1]-X1+X3,las2=ss[2]+X1-X2;
if(las1<0||las2<0||sum-las1-las2<0||f[0][las1][las2]>1e9) puts("impossible");
else printf("%d\n",f[0][las1][las2]);
return 0;
}