@Dmaxiya 2020-12-12T15:19:20.000000Z 字数 6906 阅读 1091

Educational Codeforces Round 48

Codeforces

Contests 链接：Educational Codeforces Round 48
过题数：4
排名：269/7643

A. Death Note

题意

有一本死亡笔记，这本死亡笔记有无穷多页，每一页能够写下 $m$ 行名字，死亡笔记要求从第 $1$ 天到第 $n$ 天，每天都要在笔记本上写下 $a_i$ 行名字，死亡笔记只有在写到最后一行的时候才会翻页，问第 $i$ 天会翻多少页。

输入

第一行包含两个整数 $n,m~(1\leq n\leq2\times10^5,1\leq m\leq10^9)$ ，第二行为 $n$ 个整数 $a_1,a_2,\cdots,a_n~(1\leq a_i\leq10^9)$ 。

输出

输出 $n$ 个整数 $t_1,t_2,\cdots,t_n$ ， $t_i$ 表示第 $i$ 天翻页的次数。

样例

输入	输出	提示
3 5 3 7 9	0 2 1	死亡笔记上每一页的名字为： $[1,1,1,2,2],[2,2,2,2,2],[3,3,3,3,3],[3,3,3,3]$ ，每一个中括号的内容是每一页的名字，其中的数字 $i$ 表示第 $i$ 天需要写下的名字。
4 20 10 9 19 2	0 0 1 1
1 100 99	0

题解

记录写的行数，按照题意模拟。

过题代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <list>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <bitset>
#include <algorithm>
#include <functional>
#include <iomanip>
using namespace std;
#define LL long long
LL n, m, now, cnt, page;
int main() {
    #ifdef Dmaxiya
        freopen("test.txt", "r", stdin);
//    freopen("out.txt", "w", stdout);
    #endif // Dmaxiya
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(scanf("%I64d%I64d", &n, &m) != EOF) {
        now = 0;
        for(int i = 1; i <= n; ++i) {
            if(i != 1) {
                printf(" ");
            }
            scanf("%I64d", &page);
            if(page >= m - now) {
                page -= m - now;
                printf("%I64d", page / m + 1);
                now = page % m;
            } else {
                now += page;
                printf("0");
            }
        }
        printf("\n");
    }
    return 0;
}

B. Segment Occurrences

题意

给定两个字符串：长度为 $n$ 的 $s$ 串和长度为 $m$ 的 $t$ 串，有 $q$ 次询问，每次询问一个区间 $[l,r]$ ，表示询问在 $s$ 串的 $[l,r]$ 子串内， $t$ 字符串在这个子串内出现的次数，下标从 $1$ 开始。

输入

第一行包含 $3$ 个整数 $n,m,q~(1\leq n,m\leq10^3,1\leq q\leq10^5)$ ，第二行为一个长度为 $n$ 的字符串 $s$ ，第三行为一个长度为 $m$ 的字符串 $t$ ，字符串 $s$ 和 $t$ 都只包含小写字母，接下去 $q$ 行每行两个整数 $l,r~(1\leq l\leq r\leq n)$ 。

输出

对于每次询问都输出一个答案。

样例

输入	输出	提示
10 3 4 codeforces for 1 3 3 10 5 6 5 7	0 1 0 1	三次询问的子串分别为 "cod", "deforces", "fo" 和 "for"。
15 2 3 abacabadabacaba ba 1 15 3 4 2 14	4 0 3
3 5 2 aaa baaab 1 3 1 1	0 0

题解

$kmp~O(n^2)$ 预处理所有区间 $[l,r]$ 内的答案， $O(1)$ 输出。

过题代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <list>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <bitset>
#include <algorithm>
#include <functional>
#include <iomanip>
using namespace std;
#define LL long long
const int maxn = 1000 + 100;
int n, m, q, l, r;
int ans[maxn][maxn];
int Next[maxn];
char str1[maxn], str2[maxn];
void get_next(char *s) {
    Next[1] = 0;
    int j = 0;
    for(int i = 2; s[i]; ++i) {
        while(j > 0 && s[i] != s[j + 1]) {
            j = Next[j];
        }
        if(s[i] == s[j + 1]) {
            ++j;
        }
        Next[i] = j;
    }
}
int main() {
    #ifdef Dmaxiya
        freopen("test.txt", "r", stdin);
//    freopen("out.txt", "w", stdout);
    #endif // Dmaxiya
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(scanf("%d%d%d", &n, &m, &q) != EOF) {
        scanf("%s%s", str1 + 1, str2 + 1);
        get_next(str2);
        for(int i = 1; i <= n; ++i) {
            int j = 0;
            int ret = 0;
            for(int ii = i; str1[ii]; ++ii) {
                while(j > 0 && str1[ii] != str2[j + 1]) {
                    j = Next[j];
                }
                if(str1[ii] == str2[j + 1]) {
                    ++j;
                }
                if(str2[j + 1] == '\0') {
                    ++ret;
                    j = Next[j];
                }
                ans[i][ii] = ret;
            }
        }
        while(q--) {
            scanf("%d%d", &l, &r);
            printf("%d\n", ans[l][r]);
        }
    }
    return 0;
}

C. Vasya And The Mushrooms

题意

在一个 $2\times n$ 的网格内，每一格都有一个蘑菇，第一行第 $i$ 格内的蘑菇每分钟长大 $a_i$ ，第二行第 $i$ 格内的蘑菇每分钟长大 $b_i$ ， $Vasya$ 从第 $1$ 行第 $1$ 列的网格开始走起，每分钟都只能往相邻网格内移动，每一格蘑菇都必须经过一次（不能多于一次），最后不必回到初始位置，问如何规划路线才能使 $Vasya$ 收获的蘑菇最多。

输入

第一行包含一个整数 $n~(1\leq n\leq3\times10^5)$ ，第二行为 $n$ 个整数 $a_1,a_2,\cdots,a_n$ ，第三行为 $n$ 个整数 $b_1,b_2,\cdots,b_n~$ ，其中 $1\leq a_i,b_i\leq10^6。$

输出

输出最大能够收获的蘑菇数量。

样例

输入	输出	提示
3 1 2 3 6 5 4	70	最优的路线如下：最后收获的蘑菇为： $0·1+1·2+2·3+3·4+4·5+5·6=70$
3 1 1000 10000 10 100 100000	543210	最优的路线如下：最后收获的蘑菇为： $0·1+1·10+2·100+3·1000+4·10000+5·100000$ $=543210$

题解

由于每个网格都必须经过一次，所以从左上角开始的路线只有两类：“ $\downarrow\rightarrow\uparrow\rightarrow$ ” 折返以及在某一次往右时停止折返，一直往右直到最后一格，然后返回，一般的情况如下（也可能在第二行一直往右，到最后从第一行返回）：

因此就是枚举中断往返开始一直往右的点，取最大值，在枚举中间点的时候，每次都需要 $O(1)$ 地求出贡献，首先用 $dfs$ 预处理出 “ $\downarrow\rightarrow\uparrow\rightarrow$ ” 走法的每个点的系数（从左上角点按照“下上右”的顺序 $dfs$ 就可以得到）：

然后从右往左递推一下后半段（先往右到最后，再往左回来的部分）的贡献，首先假设到某个点 $i$ 的时候的系数为 $x$ ，则后面接着所有点的系数为：

继续算从第 $i-2$ 个点开始右转的贡献：

其中 $x-4$ 为第 $i-2$ 个点上面第二张系数图中对应的系数，对比上一张系数图可以发现，从第 $i$ 列到第 $n$ 列所有的系数贡献都减 $2$ ，而从第 $i-2$ 到第 $i-1$ 列的贡献需要根据 $i$ 的位置进行计算，因此就可以从 $n$ 到 $1$ 递推得到从任何一列开始右转的贡献，最终 $O(2n)$ 地枚举转折点取最大值就能得到答案。

过题代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <list>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <bitset>
#include <algorithm>
#include <functional>
#include <iomanip>
using namespace std;
#define LL long long
const int maxn = 300000 + 100;
int n;
bool vis[2][maxn];
LL num[2][maxn], c[2][maxn], L[2][maxn], R[2][maxn];
LL sum[maxn];
const int dir[3][2] = {1, 0, -1, 0, 0, 1};
bool in(int x, int y) {
    return x >= 0 && x < 2 && y >= 0 && y < n;
}
void dfs(int x, int y, LL cc) {
    vis[x][y] = true;
    c[x][y] = cc;
    for(int i = 0; i < 3; ++i) {
        int xx = x + dir[i][0];
        int yy = y + dir[i][1];
        if(in(xx, yy) && !vis[xx][yy]) {
            L[xx][yy] = L[x][y] + cc * num[x][y];
            dfs(xx, yy, cc + 1);
        }
    }
}
int main() {
    #ifdef Dmaxiya
        freopen("test.txt", "r", stdin);
//    freopen("out.txt", "w", stdout);
    #endif // Dmaxiya
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(scanf("%d", &n) != EOF) {
        memset(sum, 0, sizeof(sum));
        for(int i = 0; i < 2; ++i) {
            for(int j = 0; j < n; ++j) {
                scanf("%I64d", &num[i][j]);
                sum[j] += num[i][j];
                vis[i][j] = false;
                R[i][j] = 0;
            }
        }
        for(int i = n - 2; i >= 0; --i) {
            sum[i] += sum[i + 1];
        }
        dfs(0, 0, 0);
        int Begin_up, Begin_down;
        if(n % 2 == 0) {
            Begin_up = n - 2;
            LL cc = c[0][n - 2];
            R[0][n - 2] = cc * num[0][n - 2] + (cc + 1) * num[0][n - 1] + (cc + 2) * num[1][n - 1] + (cc + 3) * num[1][n - 2];
            Begin_down = n - 1;
            cc = c[1][n - 1];
            R[1][n - 1] = cc * num[1][n - 1] + (cc + 1) * num[0][n - 1];
        } else {
            Begin_up = n - 1;
            LL cc = c[0][n - 1];
            R[0][n - 1] = cc * num[0][n - 1] + (cc + 1) * num[1][n - 1];
            Begin_down = n - 2;
            cc = c[1][n - 2];
            R[1][n - 2] = cc * num[1][n - 2] + (cc + 1) * num[1][n - 1] + (cc + 2) * num[0][n - 1] + (cc + 3) * num[0][n - 2];
        }
        for(int i = Begin_up; i - 2 >= 0; i -= 2) {
            LL cc = c[0][i - 2];
            R[0][i - 2] = R[0][i] - sum[i] * 2;
            R[0][i - 2] += cc * num[0][i - 2] + (cc + 1) * num[0][i - 1];
            cc += (n - i) * 2 + 2;
            R[0][i - 2] += cc * num[1][i - 1] + (cc + 1) * num[1][i - 2];
        }
        for(int i = Begin_down; i - 2 >= 0; i -= 2) {
            LL cc = c[1][i - 2];
            R[1][i - 2] = R[1][i] - sum[i] * 2;
            R[1][i - 2] += cc * num[1][i - 2] + (cc + 1) * num[1][i - 1];
            cc += (n - i) * 2 + 2;
            R[1][i - 2] += cc * num[0][i - 1] + (cc + 1) * num[0][i - 2];
        }
        LL aans = 0;
        for(int i = 0; i < 2; ++i) {
            for(int j = 0; j < n; ++j) {
                if((i + j) % 2 == 0) {
                    aans = max(aans, L[i][j] + R[i][j]);
                }
            }
        }
        printf("%I64d\n", aans);
    }
    return 0;
}

D. Vasya And The Matrix

题意

构造一个 $n$ 行 $m$ 列的矩阵，要求构造矩阵的每一行的异或值为 $a_i$ ，每一列的异或值为 $b_i$ 。

输入

第一行包含两个整数 $n,m~(2\leq n,m\leq100)$ ，第二行有 $n$ 个整数 $a_1,a_2,\cdots,a_n~(0\leq a_i\leq10^9)$ ，第三行有 $m$ 个整数 $b_1,b_2,\cdots,b_m~(0\leq b_i\leq10^9)$ 。

输出

如果可以构造出满足条件的矩阵，第一行输出一个 $YES$ ，接着输出一个 $n\times m$ 的矩阵，要求矩阵的每一格元素 $0\leq c_{ij}\leq2\times10^9$ ，否则输出 $NO$ 。

样例

输入	输出
2 3 2 9 5 3 13	YES 3 4 5 6 7 8
3 3 1 7 6 2 15 12	NO

题解

前 $n-1$ 行 $m-1$ 列都填 $0$ ，最后一行的前 $m-1$ 列分别填上 $b_1,b_2,\cdots,b_{m-1}$ ，最后一列的前 $n-1$ 行分别填上 $a_1,a_2,\cdots,a_{n-1}$ ，最后根据异或的运算规则，分别从行和列的异或结果计算出第 $n$ 行第 $m$ 列的值，如果两次计算得到的值相等，则可以构造出满足条件的矩阵，否则输出 $NO$ 。

过题代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <list>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <bitset>
#include <algorithm>
#include <functional>
#include <iomanip>
using namespace std;
#define LL long long
const int maxn = 100 + 100;
int n, m;
int a[maxn], b[maxn];
int ans[maxn][maxn];
int main() {
    #ifdef LOCAL
        freopen("test.txt", "r", stdin);
//    freopen("out.txt", "w", stdout);
    #endif // LOCAL
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(scanf("%d%d", &n, &m) != EOF) {
        for(int i = 1; i < n; ++i) {
            for(int j = 1; j < m; ++j) {
                ans[i][j] = 0;
            }
        }
        for(int i = 1; i <= n; ++i) {
            scanf("%d", a + i);
            ans[i][m] = a[i];
        }
        for(int i = 1; i <= m; ++i) {
            scanf("%d", b + i);
            ans[n][i] = b[i];
        }
        int tmp = 0;
        for(int i = 1; i < n; ++i) {
            tmp ^= ans[i][m];
        }
        ans[n][m] = tmp ^ ans[n][m];
        tmp = 0;
        for(int i = 1; i <= m; ++i) {
            tmp ^= ans[n][i];
        }
        if(tmp == a[n]) {
            printf("YES\n");
            for(int i = 1; i <= n; ++i) {
                for(int j = 1; j <= m; ++j) {
                    if(j != 1) {
                        printf(" ");
                    }
                    printf("%d", ans[i][j]);
                }
                printf("\n");
            }
        } else {
            printf("NO\n");
        }
    }
    return 0;
}

Educational Codeforces Round 48

A. Death Note

题意

输入

输出

样例

题解

过题代码

B. Segment Occurrences

题意

输入

输出

样例

题解

过题代码

C. Vasya And The Mushrooms

题意

输入

输出

样例

题解

过题代码

D. Vasya And The Matrix

题意

输入

输出

样例

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