@Junlier
2018-11-01T23:02:00.000000Z
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题解
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链接题目地址:洛谷P2507 [SCOI2008]配对
想到贪心的结论就很容易,没想到就很难做出来了
结论:对数组分别排序之后,在中选第个数,与之配对的数一定在~内
其实证明是很好证的,在与你是否往这方面想了。。。
因为题目有一个很好的性质:数列中数字各不相同
所以如果没有配对不相等的限制的话,我们肯定是排序直接减得答案是吧
那么有限制之后,就有机会让和或配对了吧,跳远了显然是不会更优的
那么就可以直接了:表示到第号全部配对的最小答案
因为一个数可能与三个数配对,那么我们可以大力讨论了
对于限制,我们手写一个,如果差为0,返回就
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-1]+ABS(A[i]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-2]+ABS(A[i]-B[i-1])+ABS(A[i-1]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-1])+ABS(A[i-1]-B[i-2])+ABS(A[i-2]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-2])+ABS(A[i-1]-B[i-1])+ABS(A[i-2]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-2])+ABS(A[i-1]-B[i])+ABS(A[i-2]-B[i-1]));
从上到下依次是:自己看一下吧。。。(草稿纸上玩结论,自己,我懒得写了)
不合法情况就是并且时
因为数列中数字各不相同,所以时一定可以另外配得到对
#include<bits/stdc++.h>
#define il inline
#define rg register
#define ldb double
#define lst long long
#define rgt register int
#define N 100050
using namespace std;
const lst Inf=1e15;
il int MAX(rgt x,rgt y){return x>y?x:y;}
il lst MIN(rg lst x,rg lst y){return x<y?x:y;}
il int read()
{
int s=0,m=0;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')m=1;ch=getchar();}
while( isdigit(ch))s=(s<<3)+(s<<1)+(ch^48),ch=getchar();
return m?-s:s;
}
int n;
lst A[N],B[N];lst dp[N];
il lst ABS(rg lst x){return x?(x>0?x:-x):(Inf);}
int main()
{
n=read();
for(rgt i=1;i<=n;++i)A[i]=read(),B[i]=read(),dp[i]=Inf;
if(n==1&&A[1]==B[1]){puts("-1");return 0;}
sort(&A[1],&A[n+1]),sort(&B[1],&B[n+1]);
dp[1]=ABS(A[1]-B[1]);
dp[2]=MIN(dp[1]+ABS(A[2]-B[2]),ABS(A[1]-B[2])+ABS(A[2]-B[1]));
for(rgt i=3;i<=n;++i)
{
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-1]+ABS(A[i]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-2]+ABS(A[i]-B[i-1])+ABS(A[i-1]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-1])+ABS(A[i-1]-B[i-2])+ABS(A[i-2]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-2])+ABS(A[i-1]-B[i-1])+ABS(A[i-2]-B[i]));
dp[i]=MIN(dp[i],dp[i-3]+ABS(A[i]-B[i-2])+ABS(A[i-1]-B[i])+ABS(A[i-2]-B[i-1]));
}return printf("%lld\n",dp[n]),0;
}