@lychee123
2017-08-13T17:19:45.000000Z
字数 1790
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位运算
题意:
组测试样例
有 个小朋友, 种糖果, 次询问()
接下来有 次输入表示第 个小朋友有 的钱()
接下来有 次输入表示第 种糖果为 的单价()
接下来 次询问,每次询问输入一个 表示询问第 个小朋友用自己的钱去买第 种单价糖果剩下的钱为 ,满足这种条件的()对数。如果答案为奇数输出 ,偶数则输出
样例:
Sample Input
1
5 5 5
1 2 3 4 5
1 2 3 4 5
0 1 2 3 4Sample Output
0
0
0
0
1
分析:
首先我们要知道 unsigned long long范围是[],而LL的范围是[,]
题外话:遇到范围是,取模的这种限制条件时就要想到用unsigned long long类型。这样,如果ULL类型的整数溢出了,就相当于取模了。如果我们暴力的话复杂度为 显然会T。所以采用ULL和位运算结合使极限复杂度降到 ,但是每次操作的区间长度基本上都是远小于的,所以实际复杂度远小于这个值。
思路:
开一个二维数组a来存这个钱数是否存在过,如果存在过奇数次标记为1,偶数次标记为0;
对于一个数x,0到x-1模上x的余数依次为0到x-1,所以直接将a的对应区间异或到ans的对应区间就可以离线处理出我们要的答案。最后对ans数组查找第x位。直接输出就OK!
对于区间不为64整数倍,我们先将区间的r位置异或到ans的对应位置。然后不断减小r直到这个区间为64的整倍数。但是此时我们还会发现虽然此时已经是整倍数了,但并没有对齐块。此时将块往高位移动(往右)。直到移动到是整块的位置。此时a[w]则是a[0]往右移动w位的状态。将a[w]与ans异或起来就可以得出答案。
题目代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef unsigned long long ULL;
const int maxn=50000+5;
ULL a[65][800],ans[800];
int b[maxn];
void setbit(ULL a[],int pos)//对a[i]的第pos位进行反转
{
a[pos>>6]^=1ULL<<(pos&63);//a[pos/64]是分块 pos&63相当于对64取模
}
bool getbit(ULL a[],int pos)//查询对a[]的第pos位
{
return (a[pos>>6]>>(pos&63))&1ULL;
}
void getans(int l,int r)////将a[0]的[l,r)这个区间异或到ans的[0,r-l)区间
{
while((r-l)&63)//使区间是64整倍数
{
r--;
if(getbit(a[0],r))
setbit(ans,(r-l));
}
int w=0;
while(l&63)
{
l++,r++,w++;
}
l=l>>6;
r=r>>6;//找到对应的块
for(int i=l;i<r;i++)
{
ans[i-l]^=a[w][i];
}
}
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
memset(a,0,sizeof(a));
memset(b,0,sizeof(b));
memset(ans,0,sizeof(ans));
int n,m,q;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&q);
while(n--)
{
int x;
scanf("%d",&x);
for(int i=0;i<64;i++)
setbit(a[i],x+i);//将a[x]表示将a[0]往高位移动x位
}
while(m--)
{
int x;
scanf("%d",&x);
b[x]=1;
}
for(int i=0;i<maxn;i++)
{
if(b[i])
{
for(int j=0;j<maxn;j+=i)
getans(j,min(j+i,maxn));
}
}
while(q--)
{
int x;
scanf("%d",&x);
printf("%d\n",(int)getbit(ans,x));
}
}
return 0;
}